中考几何题目经典的辅助线手法(初中几何辅助线大全及口诀)
导语:中考几何进阶 辅助线法则(20)几何最值:费马点模型原理
中考几何进阶 辅助线法则(20)几何最值:费马点模型原理
基本问题
求△ABC内一点F,使得AF+BF+CF值最小。
这是一个动点连接三个定点的最小值问题,称为“星形耦合”。
〖分析〗
几何最值的两个基本原理,一个是“两点之间直线段最短”,再一个是“点到直线垂线段最短”。
用这些原理解决本问题,首要在于将“星形耦合”解耦。办法是将线段进行转移。
转移线段的技术手段,通常无非是平移、旋转、全等、等腰(等边)三角形、乃至等腰梯形、长方形对角线,等等。
不妨选择将△AFC绕点C顺时针旋转α角,至△AF´C的位置。显然△AFC≌△AF´C,☞ A´F´=AF,也就是通过全等将AF转移至A´F´;
由于AC是定线段,旋转α角后得到的A´C也是定线段,进而A´是定点。
旋转后,对应线段夹角均为α:∠ACA´=α;∠FCF´=α;线段AF和A´F´(延长线)夹角也是α。
连接AA´,连接FF´,当选择α=60°时,△ACA´是等边三角形;△FCF´也是等边三角形:FF´=CF。这样:
☞ AF+BF+CF=A´F´+BF+FF´。
利用旋转、构造全等三角形、以及等边三角形,一下子实现了诸线段“去耦合”,而且形成首尾衔接的折线段。易见:
AF+BF+CF=A´F´+BF+FF´≥BA´
仅当F(因而F´,可以证明)落在BA´上,AF+BF+CF取得最小值BA´。
此时,不难发现:
∠CFA=∠A´FC+∠AFA´=120°;
∠AFB=180°-∠AFA´=120°;
∠BFC=180°-∠AFA´=120°。
AF∥CF´。
AFCA´四点共圆。
这个对三角形三边所张角均为120°的特殊点F,就叫做费马点。
如何作图确定费马点:
1)以AC为底作正三角形△ACA´,连接B´A与△ACA´外接圆的交点F,即为费马点。
或者
2)以△ABC三边为底,各自向外作正三角形。如图,易证AD、BE、CG相交于一点F,该点即为费马点。
如果三角形有一内角大于等于120°,则钝角的顶点为该三角形的费马点。知道有这么回事就行了。证明简单但繁琐。
至于选择绕哪个点旋转60°,以及是顺时针还是逆时针旋转,在这里是相对的。例如,1)△AFC绕点A逆时针旋转60°,使得线段AC旋转至AE的位置;2)△BFC绕C点顺时针旋转60°,使得BC旋转至CD的位置;等等均可。
费马点最值问题基本模型
在寻求费马点的时候,我们进行了两个基本变换:1)旋转60°;2)构造全等三角形。
如果我们释放旋转60°角的约束为旋转α角,或者释放“全等”的约束为“相似”,或者二者兼而有之,又会如何呢?下面分别进行探讨。
1)旋转α=2θ角,构造全等三角形
此时,要求0<θ<90°,且有
A´F´+BF+FF´
=AF+BF+2sinθCF≥BA´;
当F(因而F´,可以证明)落在BA´连线上,取得最小值BA´。
释放旋转角度,可以解决AF+BF+2sinθCF类最小值问题。
对应特殊的角,有
θ=30°:AF+BF+CF;
θ=45°:AF+BF+√2CF;
θ=60°:AF+BF+√3CF
记得此时旋转所围绕的点,必定是系数不为1的线段的定点。而且所能解决的问题局限在0<2sinθ<2。
2)旋转α=2θ角,构造相似三角形
设相似比为k,即A´F´=k·AF。F´C=k·FC,在△FCF´中,易知FF´=λ·CF,其中
因而
A´F´+BF+FF´
=k·AF+BF+λ·CF≥BA´;
当F(因而F´,可以证明)落在BA´连线上,取得最小值BA´。
旋转和相似变换可以解决如k·AF+BF+λ·CF的最小值问题,但是系数之间存在着上面所提到的制约关系。
最常见的是α=90°:最小值问题为
更一般的形式是(α=90°):
此时的相似比则为:k=m/n。选择系数最大的线段的定点作为旋转固定点。
经典题例
题1 P为△ABC内一点,AB=AC=2,∠BAC=90°,求PA+PB+PC的最小值。
〖分析〗
△CPB绕B点顺时针旋转60°至△C´P´B,连接PP´、AC´。则
AP+BP+CP=AP+PP´+C´P´≥AC´
当P、P´落在线段AC´上时取得最小值AC´。
最终落在解锐角15°Rt△C´BD和Rt△AC´D上,结果
min(AP+BP+CP)=AC´=√6+√2。
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题2 P是Rt△ABC内一点,∠ACB=90°,AB=2,AC=1,求
(1)PA+√2PB+PC的最小值。
(2)PA+√3PB+PC的最小值。
(1)PA+√2PB+PC的最小值。
〖分析〗
系数不为1的线段的定点为B,2sinθ=√2,θ=45°,α=2θ=90°;
△APB绕B点顺时针旋转90°至△A´P´B,连接PP´、AA´。则
AP+√2BP+CP
=A´P´+PP´+CP≥CA´
当P、P´落在线段A´C上时取得最小值CA´:
过A´作A´D⊥CB延长线于D,由三垂直模型易知,△ACB≌△BDA´。
解Rt△A´DC,得
(2)PA+√3PB+PC的最小值。
〖分析〗
和(1)完全雷同,易知α=120°:
AP+√3BP+CP
=A´P´+PP´+CP≥CA´
易知△A´BD≌△ABC。解Rt△A´DC得CA´=√13。
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题3 P是直角等腰△ABC内一点,∠BAC=90°,AB=AC=2。
求√3PA+PB+2PC最小值。
〖分析〗
选择系数最大的线段的定点C为旋转固定点。相似比k=√3∶1。因为(√3)^2+1^2=2^2,所以旋转角度α=90°。
寻求线段A´P´=√3AP,所以将△APC放大√3倍,再绕C顺时针旋转90°,得△A´P´C,即△A´P´C∽△APC,相似比k=√3;连接PP´,则PP´=2PC,
连接BA´,则√3PA+PB+2PC≥BA´,仅当P、P´落在BA´上,取得最小值BA´。
作AD⊥BC延长线于D,则△ACD为等腰直角三角形;解Rt△ABD,得:
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题4 P是△ABC内一点,AB=AC=4,∠BAC=90°,求4PA+3PB+5PC的最小值。
〖分析〗
因为4^2+3^2=5^2;所以旋转角度α=90°;选择系数最大的线段的定点C为旋转固定点;相似比k=4∶3。
P´A´=4PA/3;PP´=5PC/3;
A´P´+PP´+PB=(4PA+3PB+5PC)/3
即
4PA+3PB+5PC=3(A´P´+PP´+PB)
而
A´P´+PP´+PB≥BA´;
仅当P、P´落在线段BA´上,取得最小值BA´。
解Rt△ABD得
所以min(4PA+3PB+5PC)=2√65。
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